Session 2024/2025 Créé par Mostafa fathi CONCOURS D'ACCÈS AUX FACULTÉS DE MÉDECINE, DE PHARMACIE ET MÉDECINE DENTAIRE ( 2024) Matière : Biologie // Durée : 30mnCochez l’unique bonne réponse pour chaque question 1 / 14 Consommation de la matière organique et flux d'énergie Le cycle de Krebs produit : NADH,H+,FADH2, CO2 et l'acétyl CoA La fermentation lactique produit : l'acide lactique, le CO2 et l'ATP Dans la mitochondrie, les processus d'oxydo-réduction permettent la régénération de l'ATP La chaîne respiratoire permet la réduction du NAD+ et du FAD Au cours du transfert des électrons par la chaîne respiratoire, il y a un pompage des protons H+ de l'espace intermembranaire vers la matrice mitochondriale 2 / 14 Lors du catabolisme aérobie, la plus grande partie du CO2 est libérée pendant : La glycolyse Le cycle de Krebs La fermentation lactique Le transport d'électrons La phosphorylation oxydative 3 / 14 Lors d'un exercice physique intense et de courte durée, l'utilisation de la glycolyse anaérobie pour produire de l'ATP par les muscles conduit à : La production d'une grande quantité d'ATP et d'acide lactique, ce dernier sera immédiatement utilisé pour resynthétiser du glucose La production d'une faible quantité d'ATP et d'acide lactique, ce dernier s'accumule dans les muscles et contribue à la fatigue musculaire La production de l'acide pyruvique qui va se convertir en acétyl coA, ce dernier va entrer dans le cycle de Krebs pour augmenter la production d'ATP La production de l'acide lactique, qui va se transformer en dioxyde de carbone et en eau au niveau de la chaîne respiratoire L'augmentation de la production d'ATP et de l'acide lactique, ce dernier sera utilisé pour la synthèse de protéines musculaires 4 / 14 L'insuline Correspond à une hormone synthétisée par les cellules alpha des îlots de Langerhans du pancréas Correspond à une hormone hyperglycémiante Est constituée de 15 acides aminés La production de l'insuline repose sur le principe de la transcription de l'ARNm en ADNc par la transcriptase inverse La production de l'insuline est réalisée en synthétisant 3 chaînes peptidiques 5 / 14 L'ADN polymérase : Correspond à une enzyme qui sépare les deux brins de la double hélice d'ADN Correspond à une protéine de déstabilisation de l'hélice Permet de synthétiser un nouveau brin d'ADN à partir du brin matrice Permet la transcription de l'ADN en ARN Permet de casser les liaisons hydrogène 6 / 14 En ce qui concerne la gale de collet La maladie est provoquée par la chaleur élevée La maladie est due à l'agrobacterium tumefaciens La maladie est due à une tuméfaction inflammatoire Les opines sont des substances sécrétées par la cellule pour se défendre contre l’agent pathogène Après la mort des cellules infectées, les agents pathogènes subissent une nécrose 7 / 14 Le caryotype standard Est un examen qui permet de détecter les anomalies chromosomiques de structure de grande taille Est un examen qui met en évidence une mutation d'un gène Correspond à l'examen de référence pour confirmer la myopathie de Duchenne Repose sur le principe du complémentarité pour révéler les anomalies Correspond à la génération de quantités importantes d'une séquence donnée d'ADN à partir de l'ADN total d'une cellule 8 / 14 La mucoviscidose Est une maladie polygénique Est une maladie autosomique dominante Ses manifestation sont dues à une viscosité trop basse du mucus La maladie peut se manifester par des troubles digestifs La maladie résulte de différentes mutations d'un gène localisé sur le chromosome 17 9 / 14 Avec quel mode de transmission l'arbre généalogique suivant est-il compatible ? Mode autosomique récessif Mode autosomique dominant Mode dominant lié chromosomes X Mode récessif lié chromosomes X Mode lié chromosomes Y 10 / 14 En ce qui concerne la molécule de l'hémoglobine Les gènes qui codent pour bêta globine et alpha globine sont localisés tous les deux sur le chromosome 18 Au niveau du globule rouge, on note la présence de 2 globines bêta et une globine alpha L'hémoglobine est constituée uniquement de groupement protéique La synthèse incomplète de la bêta globine donne la bêta-thalassémie L’alpha globine est constituée de 476 acides aminés 11 / 14 À propos de l'hémophilie C'est une maladie récessive liée à X C'est une maladie liée à Y Le gène responsable est présent sur le chromosome 8 Chez les filles porteuses de la mutation du gène en question, une simple blessure entraîne toujours une hémorragie mortelle Les garçons porteurs de la mutation du gène en question ne manifestent pas les symptômes de la maladie 12 / 14 À propos des organes lymphoïdes et de l'origine des cellules immunitaires La maturation des lymphocytes B a lieu dans le thymus La maturation des lymphocytes T a lieu dans la moelle osseuse La formation des lymphocytes T a lieu dans le thymus La formation des lymphocytes B a lieu dans la moelle osseuse Seul et lymphocytes T regagnent les ganglions lymphatiques après leur formation et maturation 13 / 14 Le rejet d'une greffe Est une réaction immunitaire non spécifique Est facilitée par une injection de sérum provenant d'un individu ayant déjà rejeté la même greffe Ne peut se produire en l'absence de complément Ce produit lorsque le CMH du donneur et du receveur sont différents Est une réaction immunitaire à médiation humorale 14 / 14 La réponse immunitaire spécifique à médiation cellulaire Repose essentiellement sur l'activation des lymphocytes B Nécessite une coopération entre les macrophages, les lymphocytes T4 et les lymphocytes B Nécessite la différenciation des lymphocytes B en plasmocytes Met en jeu l'interleukine iL2 sécrété par les lymphocytes LT4 et les LTh (helpers) Met en jeu la différenciation de lymphocytes LT4 en lymphocytes cytotoxiques (LTc) Your score isThe average score is 40% LinkedIn Facebook Twitter 0% Relancer le quiz Envoyer un retour Session 2023/2024 184 Créé par Mostafa fathi CONCOURS D'ACCÈS AUX FACULTÉS DE MÉDECINE, DE PHARMACIE ET MÉDECINE DENTAIRE ( 2023) Matière : Biologie // Durée : 30mnCochez l’unique bonne réponse pour chaque question 1 / 14 A propos du cycle de Krebs : Ce cycle peut se dérouler en milieu aérobie et anaérobie Ce cycle comporte des réactions d'hydrolyse Le cycle de Krebs produit NADH,H+ , FADH2 , CO2 et l'acétylCoA Au cours du cycle les transporteurs d'hydrogène passent de la forme oxydée à la forme réduite Les réactions du cycle de Krebs se déroulent dans la membrane interne mitochondriale 2 / 14 Au sujet de la chaîne respiratoire : Il y a un transfert d'électrons du couple O2/H2O au couple NADH,H+/ NAD+ Le dioxygène est oxydé en tant que récepteur final des électrons Il y a augmentation de la concentration des protons dans la matrice Il y a diminution du pH dans la matrice Il y a augmentation de la concentration des protons dans l'espace intermembranaire 3 / 14 A propos de l'exercice physique et de la contraction musculaire : La chaleur initiale est totalement libérée au cours dc la phase de contraction musculaire. Au début de l'exercice physique prolongé, le muscle insuffisamment fourni en dioxygène, produit de l’acide lactique. Suite de la fibre musculaire, le calcium libéré par le réticulum sarcoplasmique se fixe sur la tropomyosine. Dans la fibre musculaire squelettique, la fermentation cellulaire est une voie lente de régénération dc l'ATP. L'ATP est nécessaire à la formation de complexe actomyosine et non pas à la rupture de ce complexe. 4 / 14 A propos de la glycolyse : C'est une voie commune à la respiration et à la fermentation. La glycolyse comporte deux étapes essentielles Elle se déroule dans la matrice mitochondriale C’est une voie spécifique à la respiration Une molécule de glucose produit une molécule d’acide pyruvique 5 / 14 Les étapes successives de la mitose sont : Prophase -Anaphase-Métaphase -Télophase. Prophase - Métaphase -Télophase -Anaphase. Prophase -Métaphase -Anaphase -Télophase. Anaphase -Métaphase -Prophase -Télophase. Métaphase -Prophase - Télophase -Anaphase. 6 / 14 Le génome chez les eucaryotes : Est exclusivement nucléaire. Peut-être dupliqué grâce à l’ARN polymérase Insère des plasmides pour lutter contre les maladies bactériennes chez l’Homme Est haploïde au niveau des cellules germinales ( surtout les gamètes ) Possède une seule origine (œil) de réplication 7 / 14 Concernant la double hélice d'ADN : Les bases azotée successives sont reliées entre elles par une liaison phosphodiester entre deux riboses Il y a deux liaisons hydrogène entre la guanine et la cytosine Le nucléofilament subit un enroulement très dense lors de la mitose Les deux brins dits parallèles Les liaisons hydrogène permettent de lier deux ribosomes 8 / 14 Le Favisme ou déficit en Glucose-6-Phosphate Déshydrogénase (G6PD) est caractérisé par une anémie hémolytique. Le gène de cette maladie est muté dans la famille représentée ci dessous :En se basant sur l'arbre généalogique : Cette maladie se transmet selon le mode autosomique dominant Cette maladie se transmet selon le mode dominant lié à X Si la maladie est due à une mutation ponctuelle du gène responsable, le diagnostic peut être fait grâce au caryotype Aucun des enfants de l'individu 1 n'est porteur du gène muté Le fœtus de l'individu 2 a un risque d'être malade si c'est un garçon 9 / 14 A propos de la méiose : Une double réplication d'ADN précède les deux divisions méiotiques Après la première division méiotique, on note la séparation des chromatides sœurs de chaque chromosome Après la division équationnelle, on note la séparation des chromosomes homolques Lors de l'anaphase I, les centromères se scindent en deux a fin de permettre la migration des chromosomes Lors de la prophase I, les bivalents sont constitués chacun de 4 chromatides ( tétrades ) 10 / 14 Parmi les propositions suivantes, quelle est la réponse juste : Le brassage interchromosomique s'effectue pendant la prophase I Un nucléosome est formé de plusieurs protéines histone qui s'enroulent autour de la molécule d'ADN La réplication d'ADN est conservative Il faut plus d'énergie pour rompre les liaisons entre G et C, que pour rompre les liaison entre A et T La traduction de l'ADN se passe à l'intérieur du noyau 11 / 14 A propos du code génétique : Il assurent la correspondance entre 20 acides aminés et 64 codons Un codon code toujours pour un acide aminé Pour initier la transcription, il est nécessaire d'avoir une amorce d'ARN Le codon AUG code pour la Méthionine UCC correspond à un codon stop 12 / 14 A propos des anomalies chromosomiques et le diagnostic prénatal : Le diagnostic prénatal chromosmique est obligatoire chez toutes les femmes enceintes au Maroc Quand l'un des deux parents présente une translocation équilibrée, il a 100% de chance d'avoir un enfant normal à chaque grossesse Afin de réaliser un diagnostic prénatal, on peut faire un amniocentèse à partir du 10ème semaines de grossesee Le syndrome de Turner ne peut être diagnostiqué en prénatal En diagnostic prénatal, la clarté nucale peut être révélée par l'échographie 13 / 14 Au cours de la réponse immunitaire causée par un allergène : Il y a libération de l'histamine au cours de la phase de sensibilisation Les symptômes de l'allergie apparaissent avent le premier contact avec l'allergène Les IgE se fixent sur les mastocytes Les IgE se fixent sur les monocytes Les allergies sont des maladies contagieuses 14 / 14 A propose de la réponse immunitaire non spécifique :La succession correcte des événements en réponse à l'inflammation est : Lésion tissulaire – Vasodilatation – Inflammation – Libération de médiateurs chimiques par les basophiles et mastocytes – Attraction des cellules immunitaires au site de l’inflammation - Phagocytose Lésion tissulaire – Vasodilatation – Libération de médiateurs chimiques par les basophiles et mastocytes – Inflammation– Attraction des cellules immunitaires au site de l’inflammation - Phagocytose Lésion tissulaire – Libération de médiateurs chimiques par les basophiles et mastocytes – Vasodilatation– Inflammation– Attraction des cellules immunitaires au site de l’inflammation - Phagocytose Lésion tissulaire – Attraction des cellules immunitaires au site de l’inflammation – Libération de médiateurs chimiques par les basophiles et mastocytes – Vasodilatation– Inflammation- Phagocytose Lésion tissulaire – Inflammation – Libération de médiateurs chimiques par les basophiles et mastocytes - Vasodilatation– Attraction des cellules immunitaires au site de l’inflammation–Phagocytose Your score isThe average score is 48% LinkedIn Facebook Twitter VKontakte 0% Relancer le quiz Session 2022/2023 0% 183 Lorsque vous cliquez sur le bouton start, le test commence Créé par Mostafa fathi CONCOURS D'ACCÈS AUX FACULTÉS DE MÉDECINE, DE PHARMACIE ET MÉDECINE DENTAIRE ( 2022) Matière : Biologie // Durée : 45mnCochez l’unique bonne réponse pour chaque question 1 / 20 Au cours du cycle de la contraction musculaire, le calcium se fixe sur : la troponine qui déplace la tropomyosine et la tête de myosine porteuse d’ATP se lie à l’actine la tropomyosine qui déplace la troponine et la tête de myosine porteuse d’ADP se lie à l’actine la troponine qui déplace la tropomyosine et la tête de myosine porteuse d’ADP se lie à l’actine la troponine qui déplace la tropomyosine et l’actine porteuse d’ADP se lie à la tête de myosine l’actine qui déplace la troponine et la tête de myosine porteuse d’ATP se lie à la tropomyosine 2 / 20 Parmi les suggestions suivantes, il y a deux suggestions varies concernant les voies les plus utilisées dans la régénération de l’ATP pendant un effort musculaire :1.La fermentation lactique pour un effort long2.La respiration cellulaire pour un effort court3.L’ADP qui interagit avec la phosphocréatine pour un effort très rapide4.La phosphocréatine pour un effort plus long5.La respiration cellulaire pour un effort plus longLes deux suggestions vraies sont 1 et 2 2 et 5 3 et 4 3 et 5 4 et 5 3 / 20 Le brassage intrachromosomique permet la combinaison entre les allèles : D’un même gène disposés sur deux locus ( loci ) différents d’un même chromosome D’un même gène disposés sur un même locus différents d’un même chromosome De deux gènes disposés sur deux locus différents de deux chromosomes homologues De deux gènes disposés sur deux locus différents de deux chromosomes non homologues De deux gènes disposés sur un même locus d’un chromosome déterminé 4 / 20 Un plasmide est : Un ADN bactérien utilisé comme vecteur en génie génétique Un ARN bactérien utilisé comme vecteur en génie génétique Une enzyme bactérienne utilisées en génie génétique pour découper l’ADN au niveau de sites spécifiques Une enzyme bactérienne utilisées en génie génétique pour découper l’ARN au niveau de sites spécifiques Une protéine découverte chez les plantes et utilisées comme vecteur en génie génétique 5 / 20 La réplication de l’ADN a lieu : Uniquement avant la mitose grâce à l’ARN polymérase qui copie l’ADN Uniquement avant la méiose grâce à l’ADN polymérase qui copie l’ADN Avant la première division de la méiose grâce à l’ARN polymérase qui copie l’ADN grâce à l’ADN polymérase qui copie l’ADN durant l’interphase Juste avant la deuxième division de la méiose grâce à l’ADN polymérase qui copie l’ADN 6 / 20 La carte factorielle est représentée par une droite avec les loci (locus) et la distance séparant les loci de deux gènes : Liées est exprimée en centimorgan (cM) dont 1cM correspond à 1% des types recombinés Indépendants est exprimée en centimorgan (cM) dont 1cM correspond à 1% des types recombinés Liées est exprimée en centimorgan (cM) dont 1cM correspond à 10% des types recombinés Liées est exprimée en centimorgan (cM) dont 1cM correspond à 10% des types parentaux Indépendants est exprimée en centimorgan (cM) dont 1cM correspond à 1% des types parentaux 7 / 20 Dans le cas d’une maladie héréditaire récessive liée au chromosome X L’allèle responsable de la maladie se transmet du père vers ses fils Un homme malade donne toujours des filles malades Une femme saine porteuse de l’allèle morbide ne donne jamais des garçons malades Une femme malade donne toujours des garçons malades L’allèle responsable de la maladie ne se transmet pas du père vers ses filles 8 / 20 Concernant le mécanisme de la dérive génétique, on peut affirmer que: Les effets de la dérive génétique sont d’autant plus marqués que la population ciblés par la dérive génétique est grande. Les effets de la dérive génétique sont d’autant plus marqués au sein d’une population ayant subit un goulot d’étranglement La dérive génétique ne peut pas agir en même temps que la sélection naturelle La dérive génétique accroit la diversité génétique au sein d’une population naturelle La dérive génétique est liée à des phénomènes déterministes c’est à dire non aléatoires 9 / 20 Parmi les suggestions suivantes, il y a deux suggestions vraies concernant la reconnaissance de l’antigène1- LB reconnait le déterminant antigénique après sa présentation par les CPA à travers le CMH-I.2- LT4 reconnait le déterminant antigénique après sa présentation par les CPA à travers le CMH-II.3- LT8 reconnait le déterminant antigénique après sa présentation par les CPA à travers le CMH-II.4- LT4 reconnait le déterminant antigénique après sa présentation par les CPA à travers le CMH-I.5- LT8 reconnait le déterminant antigénique après sa présentation par les CPA à travers le CMH-I.Les deux suggestions vraies sont : 1 et 3 3 et 4 4 et 5 1 et 5 2 et 5 10 / 20 Dans la réponse allergique la phase de sensibilisation est liée à l’activation de : LT8 qui se transforme en LTc secrétant la perforine et les granzymes qui détruisent les cellules dendritiques. LB qui se transforme en plasmocytes secrétant les IgE qui se fixent sur les mastocytes. LB qui se transforme en plasmocytes secrétant les IgE qui se fixent sur les cellules dendritiques. LT8 qui se transforme en LTc secrétant la perforine et les granzymes qui détruisent les mastocytes. LB qui se transforme en plasmocytes secrétant les IgG qui se fixent sur les cellules dendritiques 11 / 20 On a mesuré la variation de la concentration d’ATP , de phosphocréatine au niveau du muscle et la concentration d’acide lactique dans le sang d’un sprinteur au cours d’un échauffement et d’une course de 10s environ. Le document ci-contre présente les résultats obtenus.A partie des données du document et des connaissances, on peut déduire que la régénération de l’ATP chez le sprinteur est assurée essentiellement par la voie de : Phosphocréatine lors de l’échauffement et par la voie de fermentation lactique lors de la course. Ces deux voies se déroulent au niveau du hyaloplasme. Phosphocréatine lors de l’échauffement et par la voie de fermentation lactique lors de la course. Ces deux voies se déroulent au niveau de la matrice. fermentation lactique, au niveau du hyaloplasme, lors de l’échauffement et par la voie de phosphocréatine, au niveau de la matrice, lors de la course. Phosphocréatine, au niveau du hyaloplasme, lors de l’échauffement et par la voie de fermentation lactique, au niveau de la matrice, lors de la course. Phosphocréatine, au niveau de la matrice, lors de l’échauffement et par la voie de fermentation lactique, au niveau de la hyaloplasme, lors de la course. 12 / 20 Le tableau suivant présente les composantes de la chaîne respiratoire au niveau de la mitochondrie avec les valeurs de potentiel d’oxydoréduction de chaque composante.Le sens de déplacement des électrons du NADH,H+ vers le dioxygène le long de quatre composantes de cette chaîne respiratoire est le suivant : Cytochrome a3 -- Cytochrome a -- Cytochrome b -- Flavine mononucléotide Ubiquinone -- Cytochrome b -- Cytochrome a --Cytochrome a3 Flavine mononucléotide -- Cytochrome c -- Cytochrome c1 --Cytochrome a3 Ubiquinone -- Cytochrome b -- Cytochrome a3 -- Cytochrome a Cytochrome a3 -- Cytochrome a -- Cytochrome c -- Cytochrome c1 13 / 20 Le croisement d’un lapin gris à poils longs avec une lapine blanche à poils courte donne à la première génération F1 des lapereaux tachetés à poils longs. On croise ensuite les individus de la première génération entre eux, on obtient une deuxième génération F2.Sachant que les deux gènes étudiés sont indépendants, les proportions des phénotypes obtenus à la génération F2 sont: Gris long 9/16 ; gris court 3/16 ; blanc long 3/16 ; blanc court 1/16 Blanc long 9/16 ; blanc court 3/16 ; gris long 3/16 ; gris court 1/16 Tacheté long 6/16 ; gris long 3/16 ; blanc long 3/16; tacheté court 2/16; gris court 1/16 ; blanc court 1/16 Tacheté long 6/16 ; gris long 3/16 ; blanc court 3/16; tacheté court 2/16; gris court 1/16 ; blanc long 1/16 Tacheté long 6/16 ; gris court 3/16 ; blanc long 3/16; tacheté court 2/16; gris long 1/16 ; blanc court 1/16 14 / 20 X, Y et Z sont trois gènes de la drosophile. Les fréquences de recombinaison pour deux de ces trois gènes sont indiquées ci-dessousLa fréquence de recombinaison s signifie que : Les gènes X, Y et Z sont portés par le même chromosome Les gènes X, Y et Z sont portés par des chromosomes différents Les gènes X et Y sont portés par le même chromosome et Z par un chromosome différent Les gènes Y et Z sont portés par le même chromosome et X par un chromosome différent Les gènes X et Z sont portés par le même chromosome et Y par un chromosome différent 15 / 20 Dans l’ADN de l’oursin qui est à double brin, 17% des bases se sont révélées être de la cytosine ( c ) . Les pourcentages des trois autres bases censées être présente dans cette ADN sont les suivants: G 34% ; A 24,5% ; T 24,5% G 17% ; A 16,5% ; T 32,5% G 17% ; A 33% ; T 33% G 8,5% ; A 50% ; T 24,5% G 24% ; A 50% ; T 34% 16 / 20 Un allèle récessif sur le chromosome X est responsable du daltonisme rouge-vert chez l’Homme. Une femme ayant une vision normale et dont le père est daltonien se marie avec un homme daltonien. La probabilité pour que ce couple donne naissance à une fille et que cette fille soit daltonienne est : 0 1/4 1/2 3/4 1 17 / 20 La fourrure du mutant yellow [Y] de la souris est jaune. Le type sauvage est dit type agoutit [+]. Afin de déterminer le mode de transmission de ce caractère, on propose les deux croisements suivants:-Croisement 1: entre une souris [Y] et une souris [+], on obtient une descendance constitué de 1/2 [Y] et 1/2 [+]-Croisement 2: entre deux souris [Y], on obtient une descendance constitué de 2/3 [Y] et 1/3 [+]Si l’on croise un individu [Y] issu du croisement 2 avec une souris [+], la descendance sera constituée d’individus avec les rapports suivants: 1/4 Yellow ; 3/4 agouti 1/3 Yellow ; 2/3 agouti 3/4 Yellow ; 1/4 agouti 1/2 Yellow ; 1/2 agouti 2/3 Yellow ; 1/3 agouti 18 / 20 Le PhénylThioCarbamide (PTC), a un goût très amer pour certaines personnes, aucun goût pour d’autres. Dans une population, soumise à la loi de Hardy Weinberg, on a 70% des individus sensibles au goût amer du PTC. Sachant que la sensibilité à la PTC est liée à un allèle dominant S et l’insensibilité à cette substance est liée à l’allèle récessif s.On donne : Quelles sont les fréquences des allèles et des génotypes dans cette populationRemarque: on a considéré deux chiffres après la virgule. f(s) = 0.55 ; f(S) = 0.45 ; f(ss) = 0.30 ; f(Ss) = 0.49 ; f(SS) = 0.20 f(s) = 0.55 ; f(S) = 0.45 ; f(ss) = 0.30 ; f(Ss) = 0.20 ; f(SS) = 0.49 f(s) = 0.70 ; f(S) = 0.30 ; f(ss) = 0.30 ; f(Ss) = 0.20 ; f(SS) = 0.50 f(s) = 0.55 ; f(S) = 0.45 ; f(ss) = 0.30 ; f(Ss) = 0.68 ; f(SS) = 0.02 f(s) = 0.83 ; f(S) = 0.17 ; f(ss) = 0.70 ; f(Ss) = 0.44 ; f(SS) = 0.07 19 / 20 Un laboratoire d’analyses effectue la réaction immunitaire suivante :1ère étape : sur une lame de verre, on dépose une goutte de sérum dans chacune des cases:-Case 1 : sérum d’un animal atteint de la mononucléose infectieuse.-Case 2 : sérum d’un animal non atteint-Case 3 : sérum de monsieur A2ème étape : on ajoute dans chacune de ces cases la même quantité d’hématies de cheval infectées par le virus de la mononucléose et présentant des antigènes du virus à leur surface.3ème étape: on observe la lame afin de rechercher si les hématies de cheval ont été agglutinées par des anticorps du sérum. L’agglutination correspond à la formation de complexe immuns.A partir des résultats précédents, on peut dire que : L’agglutination des hématies de cheval de la case 3 résulte d’une réaction immunitaire dont les cellules effectrices sont les lymphocytes T cytotoxiques. Les hématies de cheval dans la case 3 ont été agglutinées par la fixation des antigènes du virus de la mononucléose par des anticorps spécifiques. Monsieur A n’est pas atteint de mononucléose car son sérum réagit différemment du sérum de l’animal dans la case 2. Dans le sérum de monsieur A, l’agglutination des hématies de cheval montre que ce monsieur n’est pas atteint de mononucléose. Monsieur A n’est pas atteint de mononucléose car son sérum réagit de la même façon que le sérum de l’animal dans la case 1. 20 / 20 Le document suivant présente la réponse immunitaire contre le VIHParmi les suggestions suivantes, il y a deux suggestions vraies concernant l’analyse de ce graphique :1.L’augmentation du nombre de LT8 est la conséquence d’une immunité humorale.2.Les LT8 sont des LTc détruisant les LT4 infectés.3.Le VIH reste présent et inactif car le nombre de LT8 reste important.4.La diminution du nombre de LT8 est la conséquence d’une immunodéficience.Les deux suggestions vraies sont : 1 et 2 1 et 4 1 et 3 3 et 4 2 et 4 Your score isThe average score is 47% LinkedIn Facebook Twitter VKontakte 0% Relancer le quiz Session 2021/2022 0% 192 Lorsque vous cliquez sur le bouton start, le test commence. Le temps est terminé Créé par Mostafa fathi Concours d'accès aux facultés de médecine, de pharmacie et médecine dentaire ( 2021) Matière : Biologie // Durée : 45mnCochez l’unique bonne réponse pour chaque question 1 / 20 Les produits de la glycolyse sont : L’ATP , le pyruvate et le NADH,H+ L’ATP , le pyruvate et le dioxyde de carbone Le dioxyde de carbone , le pyruvate et le NADH,H+ Le dioxyde de carbone, l'acétyl-CoA et le pyruvate L’ATP, l'acétyl-CoA et le pyruvate 2 / 20 Dans le muscle strié squelettique la troponine Permet de relier l’actine à la myosine reste toujours fixée sur la tropomyosine pendant le cycle de contraction musculaire a une faible affinité aux ions calcium est la partie de l’actine qui s’unit à la myosine cache les sites de liaison de la myosine à l’actine 3 / 20 Concernant la réplication d’ADN Bidirectionnelle, se fait dans le sens 5’ vers 3‘ et 3‘ vers 5‘ et permet la synthèse de deux brins antiparallèles aux brins qui servent de matrice Unidirectionnelle, se fait dans le sens 5’ vers 3‘‘ et permet la synthèse de deux brins parallèles aux brins qui servent de matrice Bidirectionnelle, se fait dans le sens 5’ vers 3‘ et permet la synthèse de deux brins antiparallèles aux brins qui servent de matrice Unidirectionnelle, se fait dans le sens 5’ vers 3‘ et permet la synthèse de deux brins antiparallèles aux brins qui servent de matrice Unidirectionnelle, se fait dans le sens 3’ vers 5‘ et permet la synthèse de deux brins antiparallèles aux brins qui servent de matrice 4 / 20 L’ARN se distingue de l’ADN par Le sucre qui est un ribose et par une base azotée différente Le sucre qui est un ribose et par deux bases azotées différentes Le sucre qui est un désoxyribose et par quatre bases azotées différentes Le sucre qui est un ribose et par plusieurs bases azotées différentes Le sucre qui est un désoxyribose et par la présence de la base azotée uracile 5 / 20 A propos de la traduction La synthèse d’ARN se fait dans le sens 3’ vers 5’ et s'arrête dans un codon stop Une molécule d’ARN interagit avec plusieurs ribosomes à la fois et se fait dans le sens 5’ vers 3’ Une molécule d’ARN interagit avec un ribosome à la fois et se fait dans le sens 5’ vers 3’ La traduction d’ADN peut débuter dans le noyau d’une cellule eucaryote et s'achève toujours dans le cytoplasme La traduction d’ADN se fait toujours dans le cytoplasme d’une cellule eucaryote et s’arrête dans un codon stop 6 / 20 Concernant le monohybridisme et le dihybridisme Un croisement monohybride implique un seul parent tandis qu'un croisement de hybride implique deux parents Un Croisement monohybride produit une seule progéniture alors qu'un croisement dihybride en produit deux Un croisement monohybride implique des organismes qui sont différents par un seul caractère alors qu'un croisement dihybride implique des organismes qui sont différents par deux caractères Un croisement monohybride est réalisé une seule fois alors qu'un croisement dihybride est réalisé deux fois Un croisement monohybride donne un rapport 9.3.3.1 alors qu'un croisement dihybride donne un rapport 3,1 7 / 20 Il était important que Mendel examine non seulement la génération F1 dans ses expériences de reproduction mais aussi la génération F2 car : Il a obtenu très peu de descendants F1 ce qui rendait l'analyse statistique difficile Les caractères parentaux qui n'ont pas été observés dans la F! sont réapparus dans la F2, ce qui suggère que les facteurs héréditaires n'ont pas vraiment disparu dans la F1 L'analyse de la descendance F1 lui aurait permis de découvrir la loi de disjonction mais pas la loi d'assortiment indépendant Les phénotypes dominants étaient visibles dans la génération F2 mais pas la F1 L'analyse de la descendance F1 lui aurait permis de découvrir la loi de disjonction mais pas la loi d'homogénéité des hybrides 8 / 20 L'explication la plus probable d'un taux élevé de crossing over entre deux gènes est la suivante: les deux gènes sont sur des chromosomes différents les deux gènes sont tous les deux situés près du centromère les deux gènes sont liés au sexe les deux gènes codent pour la même protéine les deux gènes sont éloignés l'un de l'autre sur le même chromosome 9 / 20 Un homme porteur d'un allèle lié au chromosome X le transmettra à : tous ses enfants la moitié de ses fille tous ses fils la moitié de ses fils toutes ses filles 10 / 20 Les principes de l'équilibre de Hardy Weinberg sont : population de petite taille, accouplement aléatoire, pas de sélection, pas de migration et pas de mutations population de grande taille, accouplement aléatoire, pas de sélection, pas de migration et pas de mutations population de grande taille, accouplement aléatoire, les hétérozygotes survivent le mieux, pas de migration et pas de mutations population de petite taille, les individus semblables s'accouplent, pas de sélection, pas de migration et pas de mutations population de grande taille, accouplement aléatoire, pas de sélection, migration en provenance d'autres populations et pas de mutations 11 / 20 Le tableau suivant présente les caractéristiques de trois types de fibres musculairesCaractéristiquesType IType IIaType IIbCapacité oxydativeForteIntermédiaireFaibleCapacité glycolytiqueFaibleIntermédiaireForteDensité des capillairesForteModérée FaibleDiamètre de la fibreFaibleIntermédiaireGrandForce produiteFaibleModérée GrandeLes fibre musculaires les plus adaptées aux efforts de longue durée sont: Les fibres de type I car elles contiennent moins de capillaires et ont une capacité anaérobie plus élevée que les fibres de type IIb Les fibres de type IIb car elles contiennent moins de capillaires et ont une capacité anaérobie plus faible que les fibres de type I Les fibres de type IIb car elles contiennent plus de capillaires et ont une capacité aérobie plus importante que les fibres de type IIa Les fibres de type IIa car elles contiennent moins de capillaires que les fibres de type I et ont une capacité anaérobie moins importante que les fibres de type IIb Les fibres de type I car elles contiennent plus de capillaires et ont une capacité aérobie plus importante que les fibres de type IIb 12 / 20 La séquence d'ARNm transcrite à partir de la séquence d'ADN 5' GTTCGTTGA 3' ( brin transcrit ) est : ARNm : 5' ACUGCACAA 3' ARNm : 5' TCAACGAAC 3' ARNm : 5' CAAGCAACU 3' ARNm : 5' UCAACGAAC 3' ARNm : 5' AACACGUCA 3' 13 / 20 Un animal se reproduisant sexuellement possède deux gènes non liés, l'un pour la forme de la tête (H) et l'autre pour la longueur de la queue ( T ) . Son génotype est ( H//h , T//t ).Lequel des génotypes suivants est possible dans un gamète de cet organisme. H/ , T/ H/ , h/ H/. /h , T/ . /t /t , /t T/ 14 / 20 On croise deux variétés de plantes de pois, l'une à fleurs axiales rouges et l'autre à fleurs terminales blanches. Tous les individus F1 ont des fleurs axiales rouges.Supposant un assortiment indépendant, sur 64 individus de la génération F2, combien d'entre eux devraient avoir des fleurs terminales rouges ? 4 8 12 24 32 15 / 20 La digestion d un ADN par une enzyme de restriction a permis d'obtenir 4 fragments A, B, C et D de tailles différentes: voir figure ( la flèche montre le site d'action de l'enzyme)Le profil attendu lors de la séparation de ces fragments par électrophorèse sur gel d'agarose; est le : profil 1 profil 2 profil 3 profil 4 profil 5 16 / 20 Chez les oiseaux, le sexe est déterminé par le couple chromosomique ZW. Les mâles sont ZZ et les femelles sont ZW . un allèle récessif létal qui provoque la mort de l'embryon est parfois présent sur le chromosome Z chez le pigeon.Quel serait le rapport des sexes dans la progéniture d’un croisement entre un mâle hétérozygote portant l'allèle létal et une femelle normale ? 2 mâles / 1 femelle 1 mâle / 2 femelles 1 mâle / 1 femelle 1 mâle / 4 femelles 3 mâles / 1 femelle 17 / 20 L’emplacement relatif de quatre gènes sur un chromosome peut être cartographié à partir des données suivantes sur les fréquences de crossing over.Fréquence de crossing over entre les gènes :B et C 5%B et A 30%A et D 15% C et A 25%C et D 40%Laquelle des propositions suivantes représentent les positions relatives de ces quatre gènes sur le chromosome ? ABCD ADCB CABD BCAD DBAC 18 / 20 L'arbre généalogique ci-dessous concerne une famille dont certains membres souffrent d'une anomalie de la structure de cuir chevelu appelée “cheveux laineux” . Sachant que l'individu I1 est homozygote.On se basant sur cet arbre généalogique : la probabilité que la descendance de III4 et III5 ait des cheveux laineux est 0% et probabilité que l'individu III1 soit Ww est 100%. la probabilité que la descendance de III4 et III5 ait des cheveux laineux est 25% et probabilité que l'individu III1 soit WW est 0%. la probabilité que la descendance de III4 et III5 ait des cheveux laineux est 25% et probabilité que l'individu III1 soit Ww est 75%. la probabilité que la descendance de III4 et III5 ait des cheveux laineux est 50% et probabilité que l'individu III1 soit Ww est 100%. la probabilité que la descendance de III4 et III5 ait des cheveux laineux est 50% et probabilité que l'individu III1 soit WW est 50%. 19 / 20 Dans une population en équilibre de Hardy Weinberg, la fréquence d' un allèle récessif pour un caractère héréditaire donne est de 0.20.Le pourcentage des individus présentant le caractère dominant à la génération suivante est : 8% 16% 32% 64% 96% 20 / 20 Certaines plantes peuvent résister à des froids extrêmes. Pour expliquer ce phénomène on propose les documents suivants :Document 1 : Deux chaînes respiratoires chez certaines plantes. Le cytochrome c oxydase ( AOX) sont de accepteurs d’électrons de chaînes respiratoires intervenant dans la réduction du dioxygène en molécule d’eau.Document 2 : Couplage énergétique de deux chaînes respiratoires différentes. Type de chaîne respiratoireProduction d'énergie sous forme d’ATPProduction d'énergie sous forme de chaleurChaîne respiratoire avec la protéine “cytochrome c oxydase” exprimée +++++faibleChaîne respiratoire avec la protéine “AOX= oxydase alternative” exprimée +forte Pour résister au froid extrême : ’AOX s’exprime et la plante produit moins d’ADP + Pi et plus d’eau. le cytochrome c oxydase s’exprime et la plante produit moins d’ADP + Pi et moins d’eau. l’AOX s’exprime et l’ATP synthase devient moins active. le cytochrome c oxydase s’exprime et l’ATP synthase devient plus active. l’AOX s’exprime, l’ATP synthase devient plus active et la production de chaleur augmente. Your score isThe average score is 40% LinkedIn Facebook Twitter VKontakte 0% Relancer le quiz Session 2020/2021 366 Lorsque vous cliquez sur le bouton start, le test commence. Le temps est terminé Créé par Mostafa fathi CONCOURS D'ACCÈS AUX FACULTÉS DE MÉDECINE, DE PHARMACIE ET MÉDECINE DENTAIRE ( 2020) Matière : Biologie // Durée : 45mnCochez l’unique bonne réponse pour chaque question 1 / 20 L'expression de l'information génétique chez les eucaryotes passe par deux étapes : La réplication au niveau du noyau et la transcription au niveau du cytoplasme ; La transcription au niveau du cytoplasme et la traduction au niveau du noyau ; La réplication au niveau du noyau et la traduction au niveau du cytoplasme ; La réplication au niveau du cytoplasme et la traduction au niveau du noyau ; La transcription au niveau du noyau et la traduction au niveau du cytoplasme. 2 / 20 Durant la métaphase de la mitose, les chromosomes : sont à deux chromatides condensées constituées chacune d'un brin d'ADN ; sont à une chromatide décondensée constituée de deux brins d'ADN ; sont à deux chromatides condensées constituées chacune de deux brins d'ADN ; sont à une chromatide décondensée constituée d'un brin d'ADN ; sont à deux chromatides décondensées constituées chacune de deux brins d'ADN. 3 / 20 La loi de pureté des gamètes dit qu'il y a : association des allèles responsables des deux phénotypes différents d'un caractère chez l'hybride lors de la formation des gamètes ; séparation des allèles réunis chez l'hybride lors de la formation des gamètes ; séparation indépendante des allèles responsables des deux caractères lors de la formation des gamètes chez l'hybride ; séparation indépendante des allèles responsables des deux caractères lors de la formation des gamètes chez l'homozygote ; association des allèles responsables des deux phénotypes différents d'un caractère chez l'homozygote lors de la formation des gamètes. 4 / 20 L'ARN de transfert (ARNt) : s'associe par son anti-codon à l'ARNm pour assurer la traduction ; s'associe par son codon à l'ARNm pour assurer la transcription ; s'associe par son anti-codon à l'ARNm pour assurer la réplication ; s'associe par son anti-codon à l'ARNm pour assurer la transcription ; s'associe par son codon à l'ARNm pour assurer la traduction. 5 / 20 La carte génétique (carte factorielle) est une représentation sous forme d'un graphique du positionnement : des chromosomes réalisée en se basant sur le calcul du pourcentage des gènes liés lors d'un croisement-test ; des chromosomes réalisée en se basant sur le calcul du pourcentage des recombinés lors d'un croisement-test ; des gènes sur les chromosomes réalisée en se basant sur le calcul du pourcentage des gènes x indépendants lors d'un croisement-test ; des chromosomes réalisée en se basant sur le calcul du pourcentage des gènes indépendants lors d'un croisement-test ; des gènes sur les chromosomes réalisée en se basant sur le calcul du pourcentage des recombinés lors d'un croisement-test ; 6 / 20 Concernant les mutations : Elles sont toujours avantageuses à celui qui les porte ; Elles diminuent la diversité génétique au sein des populations ; Elles peuvent apporter un avantage sélectif à l'individu porteur de la mutation ; Elles sont transmissibles aux générations futures lorsqu'elles atteignent les cellules somatiques ; Elles entraînent toujours des maladies génétiques héréditaires. 7 / 20 L'évolution d'une population : repose sur des innovations génétiques aléatoires et indépendantes des caractéristiques du milieu ; fait intervenir des mécanismes de diversification et de complexification des génomes qui aboutissent toujours à des nouveautés phénotypiques "avantageuses" ; est due toujours à une augmentation de la diversité génétique au sein de la population ; fait intervenir des mécanismes de diversification et de complexification des génomes qui aboutissent toujours à des nouveautés phénotypiques "désavantageuses" ; est impossible sans modifications du pool génique de cette population. 8 / 20 Un ARN est une molécule : Qui n'existe que dans le cytoplasme des cellules ; Qui ne se lie jamais à une protéine ; Constituée des 4 nucléotides : A, T, G et C ; Qui n'intervient que dans la transcription des gènes ; qui peut renfermer des codons non-sens. 9 / 20 Dans le diagnostic prénatal chez l'homme, parmi les techniques de prélèvement utilisées pour la réalisation du caryotype, on trouve : l'amniocentèse et la choriocentèse ; la radiographie et la choriocentèse ; l'échographie et l'amniocentèse ; l'échographie et la choriocentèse ; la radiographie et l'amniocentèse. 10 / 20 Une espèce : est moins diversifié génétiquement qu'une population ; a une répartition géographique limitée ; se définit strictement par le critère de ressemblance phénotypique ; ne présente pas de variations génotypiques inter-individuelles ; est soumise aux facteurs de diversité génétique. 11 / 20 Soit les croisements suivants : Croisement 1 : On croise une poule de race pure à crête rosacée avec un coq à crête simple : on obtient alors uniquement des poulets à crête rosacée. Croisement 2 : dans la descendance de poulets à pattes courtes, on obtient toujours à la fois des poulets à pattes courtes et des poulets à pattes normales, dont les proportions de deux poulets à pattes courtes pour un poulet à pattes normales. Croisement 3 : on croise un coq à crête rosacée et à pattes courtes avec une poule à crête simple et à pattes normales. On obtient dans la descendance 50% de poulets à crête rosacée et à pattes courtes et 50 % de poulets à crête rosacée et à pattes normales. En se basant sur ces trois croisements, et sachant que les deux gènes étudiés sont indépendants, on peut écrire ainsi le génotype du coq du croisement 3 : (Avec : R et r pour la forme de la crête et C et c pour la forme des pattes) (R//r, C//C) (R//r, C//c) (R//R, C//c) (R//R, C//C) (R//r, c//c) 12 / 20 Le document suivant représente le caryotype d'un fœtus :À partir des informations tirées du document on peut déduire que ce caryotype estcelui d'une cellule d'un fœtus mâle a 2n+1=47 issu de la fusion : d'un gamète au caryotype normal et d'un gamète résultant d'une méiose dont la prophase II a présenté une anomalie ; de deux gamètes aux caryotypes anormaux résultants d'une méiose dont l'anaphase I a présenté une anomalie ; de deux gamètes aux caryotypes anormaux résultants d'une méiose dont l'anaphase II a présenté une anomalie ; d'un gamète au caryotype normal et d'un gamète résultant d'une méiose dont l'anaphase I a présenté une anomalie ; d'un gamète au caryotype normal et d'un gamète résultant d'une méiose dont la prophase I et la prophase II ont présenté une anomalie. 13 / 20 Le document suivant présente l'évolution formation des spermatozoïdes à l'obtention d'un embryon de 2 cellules deux réplications et trois divisions cellulaires et que la fécondation correspond à la fusion des noyaux des gamètes haploïdes ayant répliqué leur ADN ; deux réplications et trois divisions cellulaires et que la fécondation correspond à la fusion des noyaux des gamètes haploïdes n'ayant pas répliqué leur ADN ; deux réplications et deux divisions cellulaires et que la fécondation correspond à la fusion des noyaux des gamètes haploïdes ayant répliqué leur ADN ; deux réplications et deux divisions cellulaires et que la fécondation correspond à la fusion des noyaux des gamètes haploïdes n'ayant pas répliqué leur ADN ; une réplication et trois divisions cellulaires et que la fécondation correspond à la fusion des noyaux des gamètes haploïdes ayant répliqué leur ADN. 14 / 20 Un des codons pour l'acide aminé glutamine (Gin) est CAG. Son anti-codon au niveau de l'ARNt est : 5'-CUU-3' 5'-GUC-3' 5'-GTG-3' 5'-CUG-3' 5'-GTC-3' 15 / 20 Une maladie M est due à une activité nulle d'une enzyme E .Le pedigree suivant présente la transmission de cette maladie dans une famille et précise le pourcentage d'activité enzymatique (en %) chez les membres de cette famille On peut conclure que la maladie est : récessive autosomale ; récessive liée à X ; récessive liée à Y ; dominante autosomale ; dominante liée à X. 16 / 20 La fréquence d'apparition dans le sexe masculin du syndrome de Hunter, maladie récessive liée au chromosome X est de 1/1000. La fréquence d'apparition de la maladie dans le sexe féminin est : (la population est en équilibre selon Hardy Weinberg) 1/100 000 1/150 000 1/50 000 1/10000 1/1000 000 17 / 20 On dispose des enzymes de restrictions suivantes qui découpent l'ADN en des endroits précis : L'enzyme ou les enzymes qui peuvent agir sur la séquence d'ADN suivante : est Hpa 1 ; sont Hpa 1 et Eco RI ; est Eco RI; sont Eco RI et Hind III ; sont Hind III et Hpa 1. 18 / 20 Les figures suivantes représentent quelques étapes de la méiose. L'analyse de ces figures montre que : la figure 1 représente une cellule en prophase I qui permet le brassage intrachromosomique et la figure 3 représente une cellule en anaphase I qui permet le brassage interchromosomique ; la figure 2 représente une cellule en métaphase I qui permet le brassage intrachromosomique et la figure 3 représente une cellule en anaphase I qui permet le brassage interchromosomique ; la figure 3 représente une cellule en anaphase I qui permet le brassage interchromosomique et la figure 4 représente une cellule en télophase I qui précède au brassage interchromosomique ; la figure 1 représente une cellule en prophase I qui permet le brassage intrachromosomique et la figure 4 représente une cellule en télophase I qui précède au brassage , interchromosomique ; la figure 2 représente une cellule en métaphase I qui permet le brassage intrachromosomique et la figure 4 représente une cellule en télophase 1 qui suit le brassage interchromosomique. 19 / 20 Un horticulteur voudrait améliorer son jardin à fleurs. Pour cela, il a croisé une plante P1, à fleurs blanches et à pied lisse, avec une plante P2 à fleurs roses et à pied épineux. La première génération Fl est composée de plantes à fleurs roses et à pied épineux. Un croisement effectué entre des individus hybrides F1 donne une génération constituée par : 126 plantes à fleurs roses et à pied épineux ; 59 plantes à fleurs roses et à pied lisse ; 52 plantes à fleurs blanches et à pied épineux ; 21 plantes à fleurs blanches et à pied lisse. Les proportions des phénotypes obtenus à la génération F2 s'expliquent comme suit : Les deux gènes étudiés sont liés et les nouveaux phénotypes résultent d'un brassage intrachromsomique lors de la formation des gamètes chez les hybrides F 1 ; Les deux gènes étudiés sont indépendants et les nouveaux phénotypes résultent d'un brassage intrachromsomique lors de la formation des gamètes chez les hybrides Fl ; Les deux gènes étudiés sont liés et les nouveaux phénotypes résultent d'un brassage interchromsomique lors de la formation des gamètes chez les hybrides Fl ; Les deux gènes étudiés sont indépendants et les nouveaux phénotypes résultent d'un brassage interchromsomique lors de la formation des gamètes chez les hybrides Fl ; Les deux gènes étudiés sont indépendants et les nouveaux phénotypes résultent d'un brassage intrachromosomique suivi d'un brassage interchromsomique lors de la formation des gamètes chez les hybrides Fl. 20 / 20 La figure ci-dessous représente une cellule d'anthère de lys en division.Cette photographie représente une cellule à : 2n = 24, en anaphase d'une mitose ; 2n = 24, en prophase I d'une méiose ; 2n = 12, en métaphase d'une mitose ; 2n = 12, en anaphase II d'une méiose ; 2n = 24, en anaphase I d'une méiose. Your score isThe average score is 43% LinkedIn Facebook Twitter VKontakte 0% Relancer le quiz
Mostafa fathi